1Ano EM Vol.1 Matematica

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1 
 
 
Caro Professor, 
Em 2009 os Cadernos do Aluno foram editados e distribuídos a todos os estudantes da 
rede estadual de ensino. Eles serviram de apoio ao trabalho dos professores ao longo de 
todo o ano e foram usados, testados, analisados e revisados para a nova edição a partir 
de 2010. 
As alterações foram apontadas pelos autores, que analisaram novamente o material, por 
leitores especializados nas disciplinas e, sobretudo, pelos próprios professores, que 
postaram suas sugestões e contribuíram para o aperfeiçoamento dos Cadernos. Note 
também que alguns dados foram atualizados em função do lançamento de publicações 
mais recentes. 
Quando você receber a nova edição do Caderno do Aluno, veja o que mudou e analise 
as diferenças, para estar sempre bem preparado para suas aulas. 
Na primeira parte deste documento, você encontra as respostas das atividades propostas 
no Caderno do Aluno. Como os Cadernos do Professor não serão editados em 2010, 
utilize as informações e os ajustes que estão na segunda parte deste documento. 
Bom trabalho! 
Equipe São Paulo faz escola. 
2 
 
SITUAÇÃO DE APRENDIZAGEM 1 
CONJUNTOS NUMÉRICOS; REGULARIDADES NUMÉRICAS E 
GEOMÉTRICAS 
GABARITO 
Caderno do Aluno de Matemática – 1ª série – Volume 1 
 
 
 
Páginas 3 - 8 
1. 
a) {5, 6, 7, 8, 9, 10, 11} 
 b) {0, 1, 2, 3, 4, 5, 6} 
 c) {–3, –2, –1, 0, 1, 2, 3, 4} 
 d) {–2, –1, 0, 1, 2, 3, …} 
 
2. 
a) E = {0, 4, 8, 12, 16} 
 b) F = {9, 11, 13, 15, 17} 
 c) G = {–3, –2, –1, 0, 1} 
 d) H = {4, 5, 6, 7, 8} 
 
3. Algumas possíveis respostas corretas: 
 E = {4n, sendo n  N, e n < 5} 
 F = {2n + 1, sendo n  N, e 4  n  8} 
 G = {x  Z / – 4 < x < 2} 
 H = {2n + 1 > 7, sendo n  N, e n < 9} 
 
4. 
a) 1 
3 
 
 b) 2 (posições múltiplas de 3) 
 c) 3 (posições múltiplas de 5) 
 
5. A 7ª figura é igual à 1ª, a 8ª figura é igual à 2ª, e assim por diante. Ou seja, cada 
período é formado por 6 figuras, portanto, a 152ª figura será igual à 2ª, pois tanto o 
número 2 (que indica a posição da 2ª figura) quanto o número 152 (que indica a 
posição da 152ª figura), quando divididos por 6, deixam resto 2. 
 Conclusão, as figuras 1, 7, 13, 19, etc. são todas iguais à 1ª figura, pois os números 
1, 7, 13, 19, etc., quando divididos por 6, deixam resto 1. Do mesmo modo, as 
figuras 3, 9, 15, 21, etc. são todas iguais à figura 3, pois os números 3, 9, 15, 21, etc., 
quando divididos por 6, deixam resto 3, e assim sucessivamente. 
 
6. A figura que ocupa a posição 38 será a mesma figura da posição 2, pois a divisão de 
38 por 4 deixa resto 2 e a que ocupa a posição 149 será a mesma da posição 1, visto 
que a divisão de 149 por 4 deixa resto 1. 
 
7. O período é de 5 números. Assim, o 38º termo é 2, pois a divisão de 38 por 5 deixa 
resto 3, e o terceiro termo da sequência é o número 2; o 149º termo é igual a 3, pois a 
divisão de 149 por 5 deixa resto 4 e o quarto termo da sequência é o número 3. 
 
8. O período é de 7 dias. A divisão de 90 por 7 deixa resto 6, portanto o 90º dia será o 
sexto elemento da sequência dos dias da semana iniciada na quinta-feira. Logo, o 90º 
dia será terça-feira. 
 
9. 
a) 6 . 10 + 120 = 180 árvores 
 b) No 10º dia teremos um total de: 9 . 10 + 120 = 210 árvores. Assim, o número de 
árvores plantadas até o 10º dia será  S = 120 + 130 + 140 +... + 190 + 200 + 210. 
Como o número x representa o total previsto de árvores e o total das árvores 
plantadas até o 10º dia corresponde à metade desse total, teremos que: 
x = 1 650 . 2  x = 3 300 árvores. 
 
4 
 
10. 
a) O período da sequência é de 6 termos. A divisão de 30 por 6 resulta resto 0. 
Assim, o termo (XXX) é igual ao termo (VI), e nele estarão pintadas as quadrículas 
C2, C3, D3 e D4. 
 b) A quadrícula B2 é pintada 3 vezes a cada período, nos termos (I), (III) e (IV). 
Até o termo (XIX), incluindo-o, serão 3 períodos e mais 1 termo. Portanto, a 
quadrícula B2 será pintada 3 . 3 + 1 = 10 vezes. 
 
 
Páginas 8 - 10 
1. Resposta livre. 
 
2. As sequências serão: (1, 4, 10, 20, 35, 56, 84, 120, …) e (1, 5, 15, 35, 70, 126, 210, 
409, …). 
 
3. Resolvendo a equação de 2º grau encontraremos como raízes os números: 3 e 5. A 
sequência será, portanto: (–3, –1, 1, 3, 5). Assim, os dois primeiros termos serão –3 e 
–1, respectivamente. 
 
 
Páginas 10 - 15 
1. 
a) 
8
5,
7
4,
6
3,
5
2,
4
1
. 
 b) 
12
9
. 
 c) 
57
54
. 
 d) Um termo qualquer an é uma fração em que o numerador é igual a n e o 
denominador é 3 unidades a mais do que n, isto é, é igual a n + 3. Assim, 
3 n
nan . 
5 
 
2. 
a) (2, 5, 8, 11, 14) 
 b) 29 
 c) 59 
 d) Somando o termo inicial, 2, a certo número de termos sempre iguais a 3. Para 
obter um termo n qualquer devemos somar o primeiro termo, 2, com n – 1 termos 
iguais a 3. Assim, an = 2 + 3.(n – 1) = 3n – 1. 
 Outro raciocínio possível é o seguinte: como o salto de um termo a outro é constante 
e igual a 3, podemos supor que uma expressão geral deva conter o termo 3n. Para 
que a1 = 2 é preciso que seja subtraído 1 de 3n. Assim, an = 3n – 1. 
 
3. 
a) (3, 6, 11, 18, 27) 
 b) a8 = 82 + 2 = 66 
 c) a20 = 202 + 2 = 402 
 d) an = n2 + 2 
 
4. 
 para n = 1  3
1
21
1 a ; 
 para n = 2  2
2
22
2 a ; 
 para n = 3  
3
5
3
23
3 a . 
 
5. 
a) 011
11
1 
a 
 b) 3
2
6
4
15
15
5 
a 
 c) 9
7
18
18
8 
a 
 d) O termo 
11
9
 pode ser escrito como 110
110


. Portanto, ele é o 10º termo.
6 
 
6. 
a) Cada termo da sequência, a partir do 2º, é obtido pela divisão do anterior por 3. 
Assim, o quinto termo será igual a 
9
13
3
1  . 
 b) a6 = a5 ÷ 3 = 27
13
9
1  . 
 c) Como 27 é igual a 81 ÷ 3, e 
27
1
é o 6º termo, 
81
1
 é o 7º termo. 
 
7. O termo geral da sequência é nna
 33 que poderá ser verificado com a substituição 
de n por números naturais maiores do que 0. 
 
8. 
a) O 10º termo é 18. 
 b) O 15º termo é 28. 
 c) a35 = 68 
 d) a101 = 200 
 e) 420 é o 211º termo. 
 f) Fazendo (n – 1) . 2, sendo n um número natural maior do que 0. 
 
9. 
 Os cinco primeiros termos serão: 1, 3, 5, 7, 9. 
 a) a10 = 19 
 b) a13 = 25 
 c) a25 = 49 
 d) Fazendo 2n – 1, onde n é um número natural maior do que 0. 
 
10. 
a) O 6º termo é 62 = 36 
 b) a7 = 72 = 49 
 c) an = n2 
 
7 
 
 
Páginas 15 - 17 
1. 
a) 6,5,2,3,2 . 
 b) Os cinco primeiros termos representados por números inteiros serão aqueles em 
que o radicando é um quadrado perfeito. 
 a3 = 2 a8 = 3 a15 = 4 a24 = 5 a35 = 6 
 
2. 
a) 30 quadrinhos brancos, pois 6 . 6 – 6 = 30. 
 b) 
 
c) 39² – 39 = 39.(39 – 1) = 39 . 38 = 1 482 
 
3. 
 a) O 6º termo terá 36 quadrinhos e o décimo termo, 100 quadrinhos. 
 b) n² 
 
4. 
a) 1 + 3 + 5 + 7 + 9 = 25 
 b) A soma dos números escritos abaixo da figura é igual ao total de quadrinhos que 
formam a figura. Os números escritos abaixo da figura são os cinco primeiros 
naturais ímpares. Sua soma é 25. O total de quadrinhos da figura é 5² = 25. 
 c) 8² = 64 
8 
 
5. 
 
 
9 
 
SITUAÇÃO DE APRENDIZAGEM 2 
PROGRESSÕES ARITMÉTICAS E PROGRESSÕES GEOMÉTRICAS 
 
 
Páginas 18 - 27 
1. 
a) ( I ) 15, 18, 21. 
 ( II ) 16, 19, 22. 
 ( III ) 17, 20, 23. 
 ( IV ) 64, –128, 256. 
 ( V ) 1,0 ; 1,2 ; 1,4. 
 ( VI ) 1 024, 4 096, 16 384. 
 b) Não, pois o algarismo 8 aparece no termo 28, que é o 10º termo da sequência. 
 c) Não, pois a sequência (I) é formada apenas por númerosque, divididos 
por 3, deixam resto 0; a sequência (II) é formada apenas por números que, 
divididos por 3, deixam resto 1; a sequência (III) é formada apenas por números 
que, divididos por 3, deixam resto 2. Como a divisão por um número natural 
diferente de 0 (divisão euclidiana) não pode apresentar dois restos distintos, não é 
possível que um mesmo número apareça em duas dessas sequências. 
 d) O número 1 087 é um termo da sequência (II), pois a divisão de 1 087 por 3 
deixa resto 1, e é também elemento da sequência (V) uma vez que é múltiplo de 0,2. 
 e) A sequência (II) é formada apenas por números que, divididos por 3, deixam 
resto 1. Logo, o 137, não é termo da sequência (II), pois a divisão de 137 por 3 deixa 
resto 2. 
 f) an = 3(n – 1), n  N* 
 g) an = 3n – 2, n  N* 
 h) an = 3n – 1 , n  N* 
 i) an = (–2)n, n  N* 
 j) an = 0,2n, n  N* 
 k) an = 4n–1, n  N* 
10 
 
 l) Resposta livre. Uma possibilidade de resposta é analisar os termos das 
sequências apresentadas, observando algumas em que o passo constante é somado a 
cada termo, e outras em que o passo constante é multiplicado a cada termo. 
 
2. 
a) As Olimpíadas acontecem em anos em que sua divisão por 4 deixa resto 0. Já a 
Copa do Mundo acontece em anos em que sua divisão por 4 deixa resto 2 e os Jogos 
Pan-Americanos acontecem em anos em que sua divisão por 4 deixa resto 3. Assim, 
em 2118 aconteceria a Copa do Mundo (resto 2), em 2079 aconteceriam os Jogos 
Pan-Americanos (resto 3) e em 2017 não aconteceria nenhuma dessas três 
competições (resto 1). 
 b) Não é possível, pois qualquer número dividido por 4 deixa um, e apenas um, 
desses restos: zero, 1, 2 ou 3. 
 
3. 
SSeeqquuêênncciiaa ccrreesscceennttee 
a) (–8, –2, 4, 10, 16) 
b) 40 
c) 76 
d) 106 
e) 42 
f) an = 6n – 14 
 
4. 
a) 0,1 
 b) 0,5 
 c) 2,5 
 d) 25 
 e) an = 0,02 . 5n – 1 
 
11 
 
5. São PAs as seguintes sequências: a (razão: 3); c (razão: – 4); d (razão: 0); e 
(razão:
2
1
). 
6. 
I) 5, 9, 13, 17, 21 
II) 3, 15, 35, 63, 99 
 III) 2, 6, 18, 54, 162 
IV) 2, 5, 8, 11, 14 
 São PAs as seguintes sequências: ( I ), com razão = 4, e ( IV ), com razão = 3. 
 
7. São PGs: (I) de razão 3; (III) de razão 
3
1
; (IV) de razão –2; (VI) de razão 2 . 
 
8. 
I) 4, 7, 10, 13, 16 
II) 2, 11, 26, 47, 74 
III) 3, 6, 9, 12, 15 
 IV) 3, 6, 12, 24, 48 
V) 3, 5, 7, 9, 11 
 (IV) é PG de razão 2. São PAs: (I) de razão 3, (III) de razão 3 e (V) de razão 2. 
 
9. 
a) 5ª figura: 48 quadradinhos, e 6ª figura: 96 quadradinhos. 
 b) (3, 6, 12, 24, …) é PG, pois cada termo an é obtido da multiplicação do termo 
anterior an–1 por 2. 
 c) Podemos escrever a fórmula desta maneira: an = 3 . 2n–1. 
 
12 
 
 
 
 Neste caso, podemos obter uma fórmula de recorrência:   2.1 nn aa , e a fórmula 
do termo geral: 12.3  nna . 
 
10. 
a) A sequência formada pelas quantidades de palitos é, sim, uma PA, pois cada 
figura tem seis palitos a mais que a precedente: 4, 10, 16, 22, 28, … 
 b) 28 + 6 = 34 e 34 + 6 = 40 
 c) 4 + 77 . 6 = 466 
 d) an = 4 + (n – 1).6 = 6.n – 2 
 
11. a20 = 73. Para determinar o 20º termo de uma PA é suficiente adicionar ao 9º termo 
uma parcela que é igual ao produto 11 . 4, pois para “passar” do 9º ao 20º é 
necessário “avançar” 11 termos, ou seja, a20 = a9 + 11r. Não sendo necessário, 
portanto, encontrar antes o 1º termo para se obter o vigésimo. 
 
12. Em toda PA, temos 2841223  xxxaaaa . Com o mesmo 
raciocínio, escrevemos y – (– 4) = – 4 – x  y + 4 = – 4 –2  y = –10. Nesse caso, 
temos: (8, 2, – 4, –10). 
 
 
13 
 
 
Páginas 28 - 31 
1. A nova sequência será uma PA, cuja razão é igual ao produto do número 6 pela razão 
da PA inventada. 
 
2. 
I) 18728 a 
II) 
16
1
8 a 
 
3. 51212 a 
 
4. A altura de 18 m será considerada o 1º termo, isto é, a1 (ainda não houve salto). A 
partir deste termo teremos o 1º salto que corresponderá, portanto ao termo a2 e assim 
por diante. A altura atingida no 5º salto corresponde ao 6º termo de uma PG, em que 
o primeiro termo é igual a 80% de 18, e a razão é 0,8. Assim, a6 = 18 . 0,85  5,898 
m. A altura do 10º salto, obedecendo a essa lógica, será: a11 = 18 . 0,810  1,933 m. 
 
5. Em toda PG, cada termo, a partir do segundo, é a média geométrica do antecessor e 
do sucessor. Nesse caso, 432.
2
1 x . Por outro lado, pela definição de PG, 
.256
4
32
32
32
32
 yy
x
y
 Nesse caso, temos: 

 256,32,4,
2
1
. 
 
6. 
a) Inicialmente, vamos adotar a seguinte linguagem: 
P0: população inicial; P1: população 1 ano depois; P2: população 2 anos depois e 
assim por diante. 
P1= 50 000 + 20% de 50 000 = 50 000 + 0,2 . 50 000 = 60 000. 
P2 = 60 000 + 20% de 60 000 = 60 000 + 0,2 . 60 000 = 72 000. 
Fazendo-se os demais cálculos, obtém-se a população P3 e P4: 86 400 e 103 680, 
respectivamente. 
14 
 
b) A sequência (50 000, 60 000, 72 000, 86 400, 103 680, …) é uma PG, de razão 
1,2, pois .2,140086
680103
00072
40086
00060
00072
00050
00060  
Assim, para se obter o termo sucessor de um termo conhecido, basta multiplicar 
este último por 1,2, ou seja, Pn + 1= 1,2Pn 
 c) P1 = 50 000 . 1,21 
 P2 = 50 000 . 1,21. 1,2 = 50 000.1,22 
 P3 = 50 000 . 1,22. 1,2 = 50 000.1,23 
 Assim, Pn= 50 000 . 1,2n. 
 Essa fórmula pode ser generalizada para Pn = P0(1 + i)n, sendo i a taxa de 
crescimento. 
 
7. 
a) R$ 13 122,00 
 b) Pn = 20 000 . 0,9n 
Vale ressaltar que a taxa nesse problema é negativa. Se há uma depreciação de 
10% ao ano, o valor do carro passa a ser de 90% sobre o valor anterior. 
Utilizando os resultados da atividade anterior, observamos que para calcular o 
preço do carro daqui a 1 ano é suficiente multiplicar o valor inicial do carro por 
0,9, pois P1 = P0(1 – 0,1) = P0 . 0,9. 
 
 
Páginas 31 - 33 
 
1. 
a) B = {7, 10, 13, 16, 19, 22} 
 b) Uma PA de razão 1. 
 c) Uma PA de razão 3. 
 
2. 
a) D = {10, 5, 0, –5, –10, –15} 
 b) Uma PA de razão –5. 
15 
 
 
3. 
a) 37 
 b) 61 
 c) 6n + 1 = p 
 d) 55 
 e) Uma PA de razão 6 e primeiro termo 7. 
 
 
Páginas 33 - 34 
1. (7, 49, 343, 2 041). Trata-se de uma PG de razão 7. 
 
2. 
a) A = {11, 22, 33, 44, …, 99} PA de razão 11. 
 b) Construindo-se o conjunto B = {101, 111, 121, 131, 141, 151, …} temos a 
impressão de que ele é uma PA de razão 10. Contudo, escrevendo mais alguns 
termos na sequência (…, 171, 181, 191, 201, 211, …) observamos que, na passagem 
do algarismo das centenas de 1 para 2, a série de palíndromos é quebrada. 
A sequência dos números de três algarismos que iniciam por 2 seria: 
(202, 212, 222, …). O mesmo ocorrerá na passagem das centenas que terminam com 
algarismo 2 e começam com 3 (…, 292, 302, 312, …). Portanto, a sequência de 
palíndromos de 3 algarismos não é uma PA. 
16 
 
SITUAÇÃO DE APRENDIZAGEM 3 
SOMA DOS TERMOS DE UMA PA OU DE UMA PG FINITAS; 
APLICAÇÕES À MATEMÁTICA FINANCEIRA 
 
 
Páginas 35 - 40 
1. 440 
 
2. 7 998 
 
3. Os números inteiros divisíveis por 23, entre 103 e 850, formam a PA de razão 23: 
(115, 138, …, 828). Utilizando a fórmula do termo geral, obtemos n = 32, e 
aplicando a fórmula da soma dos termos da PA, obtemos o resultado 15 088. 
 
4. 
a) 1, 3, 6, 10, 15, … 
 b) Cada termo é igual à soma dos termos anteriores. Pode-se concluir que é a regra 
de Hipsicles aplicada na composição dos números triangulares. 
 c) Uma possível fórmula é an = an-1 + n 
 d) 
 
17 
 
5.a) 51 e 70. 
 b) Em relação aos números pentagonais, reiteramos que a construção de uma tabela 
como a que segue favorece a obtenção de uma fórmula de generalização: 
 
 
6. 
12
)12(.1
20
20 
S  
12
)12(.1
20
20 
S  122020 S 
 
7. A razão da PG é 2. 
 Portanto,   510
12
122 
n  251012 n  2562 n  822 n  8n . Logo 
18
8 2.2
 ax  x = 256. 
 
8. 
a) A sequência da quantidade de tábuas colocadas é: 
 1, 1, 2, 4, 8, 16, 32, 64, 128, … 
 Para obter o total de tábuas ao final de 9 operações, será necessário calcular a soma 
dos termos da progressão geométrica 1, 2, 4, 8, 16, 32, 64, 128, e, em seguida, 
acrescentar uma unidade. 
18 
 
 S = .25512
12.128
1
. 1 


q
aqan Portanto, a pilha terá 256 tábuas. 
 b) A altura da pilha será igual a 256 . 0,5 = 128 cm = 1,28 m 
 
9. Trata-se de calcular a soma 50,00 + 52,50 + 55,00 + 57,50 + … + 77,50, que resulta 
R$ 765,00. 
 
10. 
a) Temos uma PG de razão (1 – 0,05) = 0,95, e queremos determinar o 6º termo. 
 a6 = 200 . 0,955 = 154,00 
 b) Devemos calcular a soma dos termos da PG. 
 
    88,904195,0.0004
05,0
195,0.200
195,0
20095,0.200
1
. 5551 



q
aqaS nn . 
 
 
Páginas 40 - 42 
1. 
a) an = 5n – 9 
 b) 282 
 c) Sn = )135(.2
1
2
.)954(
2
.)( 21 nnnnnaa n  
 
2. 
a) S6 = 3 . 62 – 5 . 6 = 78 
 b) S7 = 3 . 72 – 5 . 7 = 112 
 c) O 7º termo é a diferença entre S7 e S6. Portanto, a7 = 112 – 78 = 34 
 d) a1 = S1 = –2 
 a2 = S2 – a1 = 2 – (–2) = 4 
 A PA tem razão 6, e os primeiros termos são –2, 4, 10, 16, 22, 28, 34. 
 
3. 
a) a4 = 10 . 1,23 = 17,28 km. 
19 
 
 b) Trata-se de calcular a soma dos 10 termos de uma PG em que a1 = 10 e 
a10 = 10.1,29. 
 S = 
     12,6.5012,1.50
2,0
12,1.10
12,1
102,1.2,1.10
1
. 101091 


q
aqan = 260 km. 
 
 
Páginas 43 - 46 
1. 
 
 
 
2. 
Tabela B 
 
 Os R$ 200,00 depositados no 1º mês tornam-se R$ 210,00, no 2º mês, 
R$ 220,00, no 3º mês, e assim por diante, tornando-se, ao final, R$ 280,00. Os 
20 
 
R$ 200,00 depositados no 2º mês, de modo análogo, convertem-se em 
R$ 270,00, ao final de sete meses de aplicação. Seguindo o raciocínio, o saldo final 
da aplicação será o resultado da adição dos valores da última coluna da tabela, que 
são os termos de uma progressão aritmética: 
 Saldo final = 210 + 220 + 230 + 240 + 250 + 260 + 270 + 280 
 Saldo final = 
 
2
8.280210 
= 1 960. 
 
3. 
Tabela C 
 
 
 A soma dos valores da última coluna da tabela fornece o total capitalizado. Trata-se 
da soma dos termos de uma progressão geométrica de razão 1,05. 
S = 200 . (1,05 + 1,052 + 1,053 + 1,054 + 1,055 + 1,056 + 1,057 + 1,058) 
S = 200 . 

1
. 1
q
aqan 
 200 . 
105,1
05,105,1.05,1 8


 
 S  2 005,31, isto é, R$ 2 005,31. 
 
4. Trata-se de calcular a soma S = 520 + 540 + 560 + 580 + … + 700 
 S = 10065.1220
2
10.)700520(  
 O resgate será de R$ 6 100,00. 
21 
 
 
5. Trata-se de calcular a soma de termos em PG: 
 S = 1 000 . 1,02 + 1 000 . 1,022 + 1 000 . 10,23 + … + 1 000 . 1,0212 
 S = 1 000 (1,02 + 1,022 + 1,023 + … + 1,0212) 
 S = 
 
02,0
102,1.02,10001
102,1
02,102,1.02,1.0001
1
..0001
1212
1 


q
aqan 
 S = 1 000 . 51.(1,0212 – 1) = 51 000 . 0,27 = 13 770 
Portanto, o resgate será de R$ 13 770,00. 
 
6. Sendo o cálculo do montante à base de juros simples, temos a soma de termos em 
PA, da seguinte maneira: 
 S = 1,1X + 1,2X + 1,3X + … + 2,0X 
 15 500 = X . (1,1 + 1,2 + 1,3 + … + 2,0) 
 15 500 = X.
 
2
.1 naa n = X.  
2
10.0,21,1 
= X . 15,5  X = 1 000. 
 Portanto, a parcela mínima a ser depositada é igual a R$ 1 000,00 
 
7. O valor futuro da geladeira, em 6 meses, será igual a: 
 1 500 . 1,036 = 1 500 . 1,19 = 1 785. 
 A soma das parcelas fixas, a 3% de juros compostos ao mês, recai em: 
 S = P.(1,03 + 1,032 + … + 1,036) 
 Onde P é o valor da parcela fixa mensal. Como S = 1 785, tem-se 
 1 785 = P. 

103,1
03,103,1.03,1 6
P.
  
03,0
103,1.03,1 6
P. 34,33.(1,066 – 1) = P . 34,33.0,19. 
 Assim: 1 785 = P . 6,5227  P = 273,65 
 Portanto, a parcela mensal deverá ser igual a R$ 273,65. 
 
LIÇÃO DE CASA
 
Página 47 
1. 
a) O valor total capitalizado exige o cálculo de uma soma de termos em PG. 
22 
 
S = 200 . (1,04 + 1,042 + 1,043 + … + 1,048) 
S = 200· 9241)137,1.(26.200
04,0
)104,1(.04,1.200
104,1
04,104,1.04,1 88 

 
 Portanto, Júlia deu de entrada R$ 1 924,00. 
 b) O valor financiado é igual à diferença entre R$ 5 000,00 e R$ 1 924,00, ou seja, 
R$ 3 076,00. Esse valor, em 5 meses, a 2% ao mês, torna-se 3 076 . 1,025 = 3 383,60. 
 Uma parcela fixa P, paga todo mês e corrigida à base de 2% ao mês deve, ao final, 
gerar montante equivalente a R$ 3 383,60. 
 3 383,60 = P(1,02 + 1,022 + 1,023 + 1,024 + 1,025) 
 3 383,60 = P· 1,5.10,0.51.
02,0
)102,1(02,1.
102,1
02,102,1.02,1 55 PPP 

 
 3 383,60 = P.5,1  P = 663,45 
 Portanto, a parcela fixa será igual a R$ 663,45. 
 
 
 Página 48 
Lenda do Xadrez 
Conta-se que certa vez um rajá indiano, aborrecido com os jogos em que a sorte 
acabava determinando o vencedor, e não as estratégias e o raciocínio.Solicitou a um 
sábio de sua corte que inventasse um jogo em que prevalecesse essas características. 
Esse sábio, cujo nome era Sissa, inventou o xadrez que, como sabemos, é um jogo que 
valoriza a sabedoria, o raciocínio lógico, a prudência e se opõe à aleatoriedade de um 
jogo de dados, por exemplo. 
Joga-se o xadrez sobre um tabuleiro quadriculado com 64 casas, no qual se 
movimentam peças de diferentes formatos, correspondendo cada um elemento do 
exército indiano: soldados (peões), Carros ( bispos), cavalo, elefantes ( torres) além de 
um rei e uma rainha. 
Sissa justificou que escolheu a guerra porque para vencer é necessários as 
persistências, a ponderação, a sabedoria e a ousadia. 
23 
 
O rajá ficou encantado com o jogo e concedeu a Sissa o direito a pedir o que quisesse 
como recompensa. Sissa fez ao rajá um pedido aparentemente simples e fácil: queria 1 
grão de trigo pela primeira casa do tabuleiro, 2 grãos de trigo pela segunda casa, 4 pela 
terceira, 8 pela quarta casa, 16 pela quinta casa, 32 pela sexta casa e assim 
sucessivamente , sempre dobrando o número de grãos que foi colocado na casa anterior 
até 64 casas. O rei não conseguiu cumprir sua promessa, pois o total de grãos era 
simplesmente 18 446 7444 073 709 551 615, ou seja, a soma dos termos de uma PG de 
64 termos 
1+2+4+8+16+64+128+256+512+1 024+ 2 048+ 4 096+... + 9 223 372 036 854 775 808 
Um número tão fantástico que seriam necessários alguns séculos para que a Terra 
produzisse todo este trigo. 
Para alívio do rajá, Sissa disse que já sabia que sua recompensa não poderia ser paga, 
pois aquela quantidade daria para cobrir toda a superfície da Índia com uma cama de 
quase uma polegada de espessura. 
24 
 
SITUAÇÃO DE APRENDIZAGEM 4 
LIMITE DA SOMA DOS INFINITOS TERMOS DE UMA PG 
 
Desafio! 
Páginas 49 - 50 
Para responder a essas questões, é importante observar, inicialmente, que dado um 
triângulo ABC com P e Q em pontos médios dos lados AB e BC, respectivamente, 
então PQ é paralelo a AC e sua medida é igual à metade de AC. O mesmo vale para os 
demais lados do triângulo PQR, visto que o triângulo ABC é equilátero. 
 
a) Como PQR é um triângulo equilátero as medidas dos lados PQ, PR e RQ são todas 
iguaisa 0,5. 
b) O perímetro do triângulo ABC é igual a 3, do PQR é igual a 
2
3
 e o do triângulo STU 
é 
4
3
. 
c) A sequência de triângulos assim construídos terão perímetros respectivamente iguais 
a: (3, 
2
3
, 
4
3
, 
8
3
, 
16
3
, …). 
 
 
Páginas 51 - 53 
1. O valor procurado corresponde ao limite da soma de uma PG de razão 
4
1
 para o 
número de termos tendendo a infinito. Podemos fazer: 
 
S
n
lim
 = 3
8
4
11
2
1
1 

 q
a 
25 
 
 Portanto, por mais que aumentemos a quantidade de parcelas da soma, nunca 
ultrapassaremos o valor 
3
8
, embora cada vez mais nos aproximemos dele. 
2. 
a) A razão é 10
1
. A soma será igual a 
11
100 . 
 b) A razão é 
2
1
. A soma será igual a 
5
4
. 
 
3. Temos a seguinte soma para as distâncias percorridas pela bola durante as descidas: 
 Sdescida = 6 + 2 + ...9
2
3
2  
 Temos a seguinte soma para as distâncias percorridas pela bola durante as subidas: 
 Ssubida = 2 + ...9
2
3
2  = 
 
S
n
lim
 = 
3
3
11
2
1
1 

 q
a 
 Observando que Sdescida = 6 + Ssubida temos que Sdescida = 6 + 3 = 9 
 Portanto, a distância vertical total percorrida pela bola é igual a 
 Sdescida + Ssubida = 12 m. 
 
4. 2718
4
11
2 

x
x
 
 
 
Páginas 53 - 56 
1. 
a) (10; 1; 0,1; 0,01; …) 
 b) 0,1 
 c) S
n
lim
 9
100
9,0
10
1,01
10
1
1  q
a
 metros. 
26 
 
 d) Aquiles alcançará a tartaruga após percorrer 
9
100
 metros. 
2. A expressão pode ser reescrita da seguinte forma: 
 .....
16
1
8
1
4
1
2
1
16
1
8
1
4
1
2
1
2....2.2.2.2
 
 Trata-se de calcular o limite da soma da PG de primeiro termo igual a 
2
1
 e razão 
igual a 
2
1
, cujo resultado é 1. Assim, o resultado da expressão é igual a 21 = 2. 
 
3. Levando-se ao pé da letra a descrição fornecida no enunciado, a dívida jamais seria 
paga, pois sempre restaria um resíduo por menor que fosse. Podemos, no entanto, 
calcular o limite da soma da PG formada pelas parcelas, pois esse será o valor limite 
da dívida. Chamando de x o valor total da dívida, devemos verificar se a soma das 
parcelas resulta no valor total da dívida, isto é, x. 
 S = x
xx
q
axxxx 


2
1
2
2
11
2
1
...
16842
1 . 
 
4. Vamos decompor a dízima na seguinte soma: 
 1,777… = 1 + 0,777… = 1 + 0,7 + 0,07 + 0,007 + … 
 Podemos escrever esta soma da seguinte forma: 
 1,777… = 1 + 0,777… = 1 + 0,7 + 0,07 + 0,007 + …= 1 + ...0001
7
100
7
10
7  
 Desse modo, concluímos que as parcelas ...,0001
7,
100
7,
10
7
 formam uma PG infinita 
de razão q = 10
1
 e primeiro termo 
10
7
1 a . 
 Assim, aplicando a fórmula do limite da soma nSlim ,1
1
q
a
 obtemos: 
 nSlim = .9
7
10
9
10
7
10
11
10
7
1
1 

 q
a
 
27 
 
 Desse modo, a geratriz de 1,777… será 1 + 
9
16
9
7  . 
 
 
AJUSTES 
Caderno do Professor de Matemática – 1ª série – Volume 1 
Professor, a seguir você poderá conferir alguns ajustes. Eles estão sinalizados a cada 
página. 
 
 
13
Matemática – 1ª- série, 1o bimestre
d) O conjunto D é formado por números 
inteiros maiores ou iguais a –2.
{–2, –1, 0, 1, 2, 3, ...}.
Problema 2
Quais são os cinco menores números que 
pertencem a cada um dos seguintes conjuntos?
a) E é o conjunto dos números naturais 
que são divisíveis por 4.
E = {0, 4, 8, 12, 16}.
b) F é o conjunto dos números naturais 
ímpares maiores do que 7.
F = {9, 11, 13, 15, 17}.
c) G é o conjunto dos números inteiros 
que, elevados ao quadrado, resultam em 
um número menor do que 10.
G = { –3, –2, –1, 0, 1}.
d) H é o conjunto dos números naturais que, 
quando dobrados e somados a 1, resul-
tam em um número maior do que 7.
H = {4, 5, 6, 7, 8}.
Após a resolução desses e de outros proble-
mas de mesma natureza, convém questionar 
os alunos sobre como descrever, em linguagem 
matemática, os conjuntos E, F, G e H do Pro-
blema 2. O desafio pode ser lançado aos alu-
nos a fim de que seja verificada a compreensão 
que podem ou não ter conseguido da atividade. 
Embora possam ser aceitas diferentes respostas, 
caberá ao professor avaliar aquelas que apre-
sentam maior grau de correção, valorizando- 
as. De qualquer maneira, apresentamos, a 
seguir, possíveis respostas corretas.
E = {4n, sendo n ∈ N, e n < 5}.
F = {2n + 1, sendo n ∈ N, e 4 ≤ n ≤ 8}.
G = {x ∈ Z / –4 < x < 2}.
H = {2n + 1 > 7, sendo n ∈ N, e n < 9}.
A resolução e a discussão desses problemas 
iniciais permitirão, ao nosso ver, introduzir 
a notação apropriada para a designação de 
termos de uma sequência numérica. Todavia, 
antes que isso seja implementado (o que será 
feito na Etapa 2), consideramos importante 
que os alunos se detenham um pouco mais 
na identificação das regularidades de algu-
mas sequências.
A sequência dos números naturais é 
construída, como sabemos, pelo acréscimo 
de uma unidade a um termo já conhecido. 
A fim de proporcionar aos alunos a oportu-
nidade de observar regularidades e perceber 
que, muitas vezes, é possível construir uma 
“receita” ou uma sentença que indique como 
a sequência deve continuar, o professor pode 
apresentar tipos diferentes de sequências 
para que os alunos observem as proprieda-
des de seus elementos e descubram a lei de 
formação, ou seja, o padrão utilizado para a 
construção da sequência. Oriente-os a cons-
truir uma sentença algébrica que permita 
calcular um termo qualquer, em função de 
sua posição na sequência (sequências, sob o 
ponto de vista funcional).
apelegrini
Oval
15
Matemática – 1ª- série, 1o bimestre
Supondo que a lei de formação continue a 
mesma, desenhe as figuras que deverão ocu-
par as posições 38a e 149a, nessa sequência. 
Justifique sua resposta.
A figura que ocupa a posição 38 será a 
mesma figura da posição 2, pois a divisão 
de 38 por 4 deixa resto 2, e a que ocupa a 
posição 149 será a mesma da posição 1, visto 
que a divisão de 149 por 4 deixa resto 1.
Problema 4
Observe a sequência (1, 1, 2, 3, 3, 1, 1, 2, 3, 
3, 1, 1, 2, 3, 3, 1, 1...). Supondo que permaneça 
a lei de formação dessa sequência, determine 
o 38o e o 149o termos dessa sequência.
O período é de cinco números. Assim, o 
38o termo é 2, pois a divisão de 38 por 5 deixa 
resto 3, e o terceiro termo da sequência é o 
número 2; o 149o termo é igual a 3, pois a 
divisão de 149 por 5 deixa resto 4, e o quarto 
termo da sequência é o número 3.
Problema 5
Hoje é quarta-feira. Devo pagar uma dívi-
da exatamente daqui a 90 dias. Em que dia da 
semana cairá o 90o dia?
O período é de sete dias. A divisão de 90 
por 7 deixa resto 6; portanto o 90o dia será 
o sexto elemento da sequência dos dias da 
semana iniciada na quinta-feira. Logo, o 
90o dia será terça-feira.
Problema 6
Um processo de reflorestamento previa 
a plantação de um número x de mudas de 
árvores. No primeiro dia, foram plantadas 
120 árvores, e planejou-se que, nos próximos 
dias, seriam plantadas, a cada dia, dez árvores 
a mais do que teria sido plantado no dia ante-
rior. Isso sendo feito,
a) quantas árvores serão plantadas no séti-
mo dia?
6 . 10 + 120 = 180 árvores.
b) qual é o número x, se, no final do déci-
mo dia, havia-se plantado a metade do 
total previsto inicialmente?
No décimo dia = 9 . 10 + 120 = 210 ⇒
S = 120 + 130 + 140 + ... + 190 + 200 + 210
S = (120 + 210) . 5 = 1 650 (Metade do total)
Total de árvores = 1 650 . 2
x = 3300
Problema 7
Observe os seisprimeiros termos de 
uma sequência.
1 2 3 4
A
B
C
D
(I)
1 2 3 4
A
B
C
D
(II)
1 2 3 4
A
B
C
D
(III)
1 2 3 4
A
B
C
D
(IV)
1 2 3 4
A
B
C
D
(VI)
1 2 3 4
A
B
C
D
(V)
mvicente
Oval
mvicente
Oval
25
Matemática – 1ª- série, 1o bimestre
c) É possível que um mesmo número natu-
ral apareça em duas das três primeiras 
sequências? Justifique.
Não, pois a sequência (I) é formada 
apenas por números que, divididos por 
3, deixam resto zero; a sequência (II) é 
formada apenas por números que, divididos 
por 3, deixam resto 1; a sequência (III) é 
formada apenas por números que, divididos 
por 3, deixam resto 2. Como a divisão 
por um número natural diferente de zero 
(divisão euclidiana) não pode apresentar 
dois restos distintos, não é possível que 
um mesmo número apareça em duas 
dessas sequências.
d) O número 1 087 é um termo de qual(is) 
sequência(s)?
O número 1 087 é um termo da sequência 
(II), pois a divisão de 1 087 por 3 deixa 
resto 1, e é também elemento da sequência 
(V), uma vez que é múltiplo de 0,2.
e) Mostre que o número 137 não pertence 
à sequência (II).
A sequência (II) é formada apenas por 
números que, divididos por 3, deixam resto 
1. Logo, o 137 não é termo da sequência 
(II), pois a divisão de 137 por 3 deixa 
resto 2.
f) Escreva o termo geral da sequência (I).
an = 3 .(n – 1), n ∈ N*.
g) Escreva o termo geral da sequência 
(II).
an = 3 . n – 2, n ∈ N*.
h) Escreva o termo geral da sequência 
(III).
an = 3 . n – 1, n ∈ N*.
i) Escreva o termo geral da sequência 
(IV).
an = (– 2)
n, n ∈ N*.
j) Escreva o termo geral da sequência 
(V).
an = 0,2 . n, n ∈ N*.
k) Escreva o termo geral da sequência 
(VI).
an = 4
n ÷ 4, n ∈ N*.
l) Escolha um critério, justificando-o, e se-
pare as seis sequências em dois grupos.
Espera-se, neste item, que os alunos percebam 
que há, entre as sequências apresentadas, 
algumas em que o passo constante é somado 
a cada termo e outras em que o passo 
constante é multiplicado a cada termo. 
Todavia, poderão aparecer outros critérios, e 
o professor deverá estar atento para valorizar 
os critérios surgidos, mas, também, enfatizar 
a importância do reconhecimento do passo 
constante das sequências, seja ele somado ou 
multiplicado.
apelegrini
Oval
apelegrini
Oval